Polimer akció gének, feladatok 1-6
1. célkitűzés
A fiú egy fehér nő és egy fekete férfi feleségül vett egy fehér nő. Lehet egy gyerek ebből a házasságból sötétebb, mint az apja?
megoldás:
Mivel a polimer gének egyaránt befolyásolják a fejlődését ugyanaz az előjele, néha jelölésére azonos ábécé betűit jelezve numerikus index, például: A1 A1 A2 A1
- Negros. a1 a1 a2 a1 - fehér. De úgy gondoljuk, hogy sokkal kényelmesebb kijelöl két különböző betűk.
Az asztal №1.
Először meg kell határoznunk a genotípus a fia egy fehér nő és fekete férfi.
Ezután meghatározzuk a genotípusok gyermekeit a házasságát egy fehér nő.
válaszolni:
Nem, ez nem lehet, mert ott van a valószínűsége, hogy a születési közepes mulattos (25%), könnyű mulattos (50%) és a fehér (25%).
2. feladat
A házasságtól közepes és világos mulatt mulatt született sok gyerek, melyek közül 3/8 közepes és világos mulattok és 1/8 sötét mulattos és fehérek. Mik a lehetséges genotípusok a szülők?
megoldás:
Mivel a polimer gének egyaránt befolyásolják a fejlődését ugyanaz az előjele, néha jelölésére azonos ábécé betűit jelezve numerikus index, például: A1 A2 A1 A1 - Negros. a1 a1 a2 a1 - fehér. De úgy gondoljuk, hogy sokkal kényelmesebb kijelöl két különböző betűk.
Azon a tényen alapul, hogy az utód megy hasító attribútumok, közepes mulatt vegye digeterozigotnym (AaBb), mivel más opciók homozigóta (AABB, AAbb, AAbb), ezért nem adja a felosztása allél gén. Fény vehet minden mulatt, mivel ez a fajta öröklés szín attól függ, csak a számát domináns és recesszív gén (Aabb, aaBb).
válaszolni:
Lehetséges genotípus fény mulatt vagy AABB AABB és közepes mulatt csak - AABB.
3. feladat
A szín a búzaszem vezérli két pár gének restseplennyh, a domináns gén okozza a vörös és a recesszív gének nem adnak színt. Növény, amelynek vörös bab, keresztezzük a piros, de kevésbé világos. Az utódokat fordult krasnozornye, de különböző mértékű színezés, és egy részét Belozernaya. Mik a lehetséges genotípusok a szülők?
megoldás:
A táblázat segítségével №2
Mivel a hipotézis a probléma az összes színárnyalat az úgynevezett a „piros”, akkor azt kell eldönteni, hogy melyik közülük kelnek, mint az utód fordult belozornye AABB genotípus, a genotípus a szülők kell jelen recesszív géneket. A színe az egyik kevésbé kifejezett, mint a többi. Ebből feltételezhető, hogy a szülő formák genotípusok A1 A1 A2 A2 (világos piros) és A1 A1 A2 A2 (világos piros) vagy A1 A1 A2 A2 (halvány piros) és A1 A1 A2 A2 (halvány piros) .
feladat 4
Lehet egy pár szülő született két iker, amelyek közül az egyik fehér, a másik - egy néger?
megoldás:
Mivel a polimer gének egyaránt befolyásolják a fejlődését ugyanaz az előjele, néha jelölésére azonos ábécé betűit jelezve numerikus index, például: A1 A1 A2 A2 - Negros. a1 a2 a1 a2 - fehér. De úgy gondoljuk, hogy sokkal kényelmesebb kijelöl két különböző betűk.
A táblázat segítségével №1
Negro genotípus AABB genotípus aabb fehér ember, így a szülők kell tüntetni az allél és a domináns és recesszív géneket, azaz szülők digeterozigotny AaVb.
válaszolni:
Talán ha kétpetéjű ikrek, és a szülők digeterozigotnymi mulatt (genotípus AaVb). Akkor lehet, hogy az utódok genotípus AABB (néger) és aabb (fehér).
5. célkitűzés
Az emberi növekedési által meghatározott kölcsönhatása több pár gének: az A1 és A1. A2 és A2. A3 és A3. Egyének genotípus A1 A1 A2 A2 A3 A3 magassága 150 cm genotípus A1 A1 A2 A2 A3 A3 - .. 180 cm (egy domináns gén kiegészíti a növekedés 5 cm.). Törzs emberek alacsony növekedés rabszolgává Horde Warrior álló humán növekedési 180 cm. A győztesek gyilkos férfiak és nők feleségül. Hogy vannak a gyerekek (F1) és unokák (F2) a növekedés?
megoldás:
Rendszer első kereszteződés:
Minden gyermek, akár született harcosok és hódítók leigázták a nők heterozigóta mindhárom gén növekedést. Fenoti magasság, ezek mind körülbelül azonos (fognak emelkedni mintegy 165 cm - átlagos értéke 180 és 150). Átlépte a első generációs hibridek A1 A1 A2 A2 A3 A3 x A1 A1 A2 A2 A3 A3 mindegyike által képzett hibridek 8 típusú ivarsejtek, tehát egy második generációs várható hasítási 64 rész
(8 x 8).
Reakcióvázlat második kereszteződésnél:
Tekintettel arra, hogy az egyes domináns gén növeli a növekedés 5 cm, akkor a rács Penneta ki lehet számolni, a gyakorisága domináns gén genotípusok között a második generáció. Ebből a célból az egyes 64 sejtek feljegyezzük száma helyett a genotípusok abban jelen lévő domináns allélokat. Miután úgy döntött, a frekvencia a domináns allél lehet benne, hogy a genotípusok száma domináns gén 6,5,4,3, 2, 1,0, illetve talált 1,6,15,20,15,6,1 alkalommal. Vedd rács Penneta lehetséges, így:
válaszolni:
F1 - 165 cm, mivel a genotípus A1 A1 A2 A2 A3 A3 tartalmaz három domináns gén, egyet-egyet mindkét allél.
F2 - 180 cm - 1/64, 175 cm - 6/64, 170 cm - 15/64 165 - 20/64 160 - 15/64 155 - 6/64 150 - 1/64.
feladat 6
A csirkecomb tollazat határozza meg két domináns allél A1 és A2 géneket. Character tollazat láb ezekben az esetekben ugyanaz, mint a jelenlétében egy vagy több polimer jelenlétében a domináns gének. Ez egy példa a öröklése noncumulative típusú (nem additív) polimerek, ahol a karakter kijelző jellemző nem változik attól függően, hogy számos domináns gének polimer.
Határozzuk meg a genotípusok és fenotípusok az utódok az F1 és F2. ha az egyik az eredeti szülői Vor homozigóta a domináns polimer gének A1 és A2. és a másik homozigóta a recesszív gének polimer A1 és A2.
megoldás:
Rendszer első kereszteződés:
A tyúkokat tollas lába.
Reakcióvázlat második kereszteződésnél: